Post on 12-Jul-2020
Ir J.W. Welleman bladnr 1
ConstructieMechanica 3
� 7-17 Stabiliteit van het evenwicht • Inleiding
• Starre staaf (systeem met één vrijheidsgraad)
• Systemen met meer dan één vrijheidsgraad
• Buigzame staaf (oneindig veel vrijheidsgraden)
• Statisch bepaalde op druk belaste staaf
• Algemene aanpak met de D.V.
• Verend ingeklemde buigzame staven
• Gekoppelde systemen, aanpendelende belasting
• Knik en de EUROCODE 3
• 2e orde effecten
• Naknikgedrag
• Initiële scheefstand, vergrotingsfactor
• Vergrotingsfactor voor buigzame staven
• Bezwijken door instabiliteit
CTB2210 COLLEGE 13
Ir J.W. Welleman bladnr 2
GEKOPPELD SYSTEEM MET STARRE STAVEN
k
mF F
star
star l1
l
mF F
star
S
1
1
mFw Sl
mFwS
l
=
=
S
w
w
deel A deel B
star
H
H k w= ×
star
Ir J.W. Welleman bladnr 3
EVENWICHT IN DE VERPLAATSTE STAND VAN HET RECHTER DEEL
1
1
0F w S l H l
mFF w l w k l w
l
mFF l k l
l
× + × − × =
× + × × = × ×
+ × = ×
invloed van de aanpendelende belasting
Ir J.W. Welleman bladnr 4
VEREENVOUDIGD MODEL INCLUSIEF AANPENDELENDE BELASTING
k
Ftot
l
tot
1
1
1
1
k
k
k
F k l
mF FF l F F of
mll F
l
= × ⇔
+ × = ≤ =
+
Stel een totale belasting samen waarbij de belasting per pendel wordt gedeeld door de bijbehorende pendellengte en wordt vermenigvuldigd met de lengte van de verend gesteunde pendelstaaf. Als alle staven dezelfde lengte hebben betekent dit dat ALLE belasting op het verend gesteunde element wordt geplaatst.
star
Ir J.W. Welleman bladnr 5
KNIKLAST MET AANPENDELENDE BELASTING
k
F
F
1
ml
l
1
1
1k
F
mlF
l
=
+k
mF F
star
star l1
l star
Ir J.W. Welleman bladnr 6
KAN DIT OOK VOOR buigzaam GEKOPPELD SYSTEEM ?
mF F
star
star
EI
l1
l
mF F
star
EI
S
1
1
mFw Sl
mFwS
l
=
=
S
w
w
deel A deel B
Ir J.W. Welleman bladnr 7
EVENWICHT VAN DEEL B
z, w
x
l
F
S
)0(w
F
S
Sx
Sz
''''''
:0'''''' 22
FwEIwSFwMS
EI
Fmetww
zz −−=⇔−=
==+ ααRandvoorwaarden:
0)()40)0()2
0)()3)0()1
==
=−=
lM
lwSS z
ϕ
EI
Ir J.W. Welleman bladnr 8
OPLOSSEN
Basisgereedschap:
2
4
2
3
2
432
4321
''''
sincos)(''
cossin)('
sincos)(
FCFwEIwS
xCxCxw
xCxCCxw
xCxCxCCxw
z −=−−=
−−=
+−=
+++=
αααα
αααα
αα
Randvoorwaarden:
( )2 1 31
23 3
1 2 3 4
2 3 4
1)
2) 0 0
3) cos sin 0
4) sin cos 0
mFFC C C
l
EI C C
C C l C l C l
C C l C l
α
α α
α α α α
− = − +
= ⇒ =
+ + + =
− + =
helling van de druklijn
Maak gebruik van :
1
. (0)mF wS
l=
Ir J.W. Welleman bladnr 9
UITWERKEN
1 1
2
4
0 0
1 sin 0
0 1 cos 0
m l C
l l C
l C
α
α α
− =
Dit is een homogeen stelsel vergelijkingen. Een niet-triviale oplossing kan alleen worden verkregen als de determinant nul is :
TRANSCENDENTE VERGELIJKING →→→→ MAPLE
211tan
l Fl m l
m l EIα α α
= + ∧ =
Ir J.W. Welleman bladnr 10
OPLOSSING voor l1 = l en m = 1
( ) ( )
2
2 26 67 7
67
71,1655
6
2,69k
l
EI EIF
l l
l l l
π
π
α
π
≅ ≅
= =
= ≅
Ir J.W. Welleman bladnr 11
RESULTAAT
Kniklengte = 2,0 l
S
F
EI
F
EI
druklijn
druklijn
lk
lk
kniklengte GROTER dan 2l
Kniklengte = 2,69 l
Ir J.W. Welleman bladnr 12
VEREENVOUDIGD MODEL AANPENDELENDE BELASTING : mag dit ?
Kniklengte = 2,0 l
Ftot
EI druklijn
lk
( ) ( ) ( )
( )
( ) ( )
2 2 2
2 2 2
2
2
2 2
2 2
( ) :
0,552,69 1,8 2 2
:
22
0,52,0 2 2
gevonden exact
EI EI EIF
l l l
basisgeval Euler
EIF
l
EI EIF
l l
π π π
π
π π
= = = ××
=
= = ×aanpak is niet exact maar wel veilig, conservatieve benadering van de kniklast, even numeriek onderzoeken !!
Zet alle belasting op het stabiliserende constructiedeel (alle staven even lang).
Ir J.W. Welleman bladnr 13
INVLOED VAN DE LENGTE VAN DE PENDEL ( m = 1 )
( )
1
22 222
2 2 2
2
2
k2 2
2
voor iedere wordt een gevonden en geldt:
( )
4( )met: en:
4
E
ll
l
EI EI l EIF EI l
l l l
EI
F ll l
F lEI
l
α
π α πα α
π β
π
πβγ β β
απ β
= = × = × =
= = = = =
bijvoorbeeld :
1 0,125 0,13l l γ= ⇒ = Korte pendel op druk verlaagt de kniklast ! Ook even onderzoeken voor overige waarden van m ….
l1/l αl β γ 0,050 0,3765 8,34 0,06 0,125 0,5710 5,50 0,13 0,250 0,7595 4,14 0,23 0,750 1,0867 2,89 0,48 1,000 1,1667 2,69 0,55 2,000 1,3242 2,37 0,71 3,000 1,3933 2,25 0,79 4,000 1,4320 2,19 0,83 5,000 1,4569 2,16 0,86
10,000 1,5107 2,08 0,92 15,000 1,5300 2,05 0,95
1000,00 1,5708 2,00 1,00
Probeer dit maar
eens met MAPLE
Ir J.W. Welleman bladnr 14
Gecombineerd knikgeval
0,0
0,2
0,4
0,6
0,8
1,0
1,2
0,00 5,00 10,00 15,00 20,00 25,00
exact
benadering
INVLOED VAN DE LENGTE VAN DE PENDEL OP DE KNIKLAST ( m variabel )
k
F
F
1
m l
l
CONCLUSIE:
Benadering van blad 4 doet het
aardig goed.
1
1
1k
F
mlF
l
=
+
Ir J.W. Welleman bladnr 15
GENERIEKE AANPAK VOOR ONTWERPFORMULE? Onderzoek overige basisgevallen en controleer ontwerpbenadering voor aanpendelende belasting: Bijvoorbeeld de verend ingeklemde kolom met aanpendelende belasting.
1
1
1k
F
mlF
l
=
+
Ir J.W. Welleman bladnr 16
VEREND INGEKLEMD, buigzaam en GEKOPPELD SYSTEEM
1
2
2
1??
1
met:
1 10en 4 ;
k
k
F
mlF
l
EI rlF
l EI
πη ρ
η ρ
=
+
= = + =
Ir J.W. Welleman bladnr 17
EVENWICHT VAN VEREND INGEKLEMDE DEEL
z, w
x
l
F
S
)0(w
F
S
Sx
Sz
''''''
:0'''''' 22
FwEIwSFwMS
EI
Fmetww
zz −−=⇔−=
==+ ααRandvoorwaarden:
1) (0) 3) ( ) 0
2) (0) 0 4) ( ) ( )
zS S w l
M M l r lϕ
= − =
= =
r
EI
Ir J.W. Welleman bladnr 18
OPLOSSEN
Basisgereedschap:
2
4
2
3
2
432
4321
''''
sincos)(''
cossin)('
sincos)(
FCFwEIwS
xCxCxw
xCxCCxw
xCxCxCCxw
z −=−−=
−−=
+−=
+++=
αααα
αααα
αα
Randvoorwaarden:
( )2 1 31
23 3
1 2 3 4
2 22 3 4
1)
2) 0 0
3) cos sin 0
4) ( cos sin ) ( sin cos ) 0
mFFC C C
l
EI C C
C C l C l C l
rC EI l r l C EI l r l C
α
α α
α α α α α α α α
− = − +
= ⇒ =
+ + + =
− + + + − =
helling van de druklijn
Maak gebruik van :
1
. (0)mF wS
l=
Ir J.W. Welleman bladnr 19
UITWERKEN
1 1
2
24
0 0
1 sin 0
00 sin cos
m l C
l l C
Cr EI l r l
α
α α α α
− = − −
Dit is een homogeen stelsel vergelijkingen. Een niet-triviale oplossing kan alleen worden verkregen als de determinant nul is :
TRANSCENDENTE VERGELIJKING →→→→ MAPLE
1
2
1
tan en
lm
F rlll
l m EI EIl m
l l
ρ
α α ρρ
αα
+
= ∧ = =
+ +
voor ρ naar oneindig
ontstaat uitdrukking
blad 9
Ir J.W. Welleman bladnr 20
INVLOED VAN DE LENGTE VAN DE PENDEL ( m = 2, ρρρρ = 5 )
( )
1
22 222
2 2 2
2
2 k
2 2
2
voor iedere wordt een gevonden en geldt:
( )
met: en:( )
6 met: 5E
ll
l
EI EI l EIF EI l
l l l
EIl l
F l l
rlF EI
EIl
α
π α πα α
π β
π πβ β
ηβ αγπ β η ρη
= = × = × =
= =
= = =
= = =
bijvoorbeeld :
1 0,125 0,0667l l γ= ⇒ = Korte pendel op druk verlaagt de kniklast
Ook even onderzoeken voor overige waarden van m ….
l1/l αl β γ 0,050 0,213646 14,704664 0,027749 0,125 0,331340 9,481477 0,066742 0,250 0,454445 6,913027 0,125549 0,750 0,707394 4,441079 0,304211 1,000 0,780137 4,026976 0,369993 2,000 0,948950 3,310599 0,547442 3,000 1,035217 3,034719 0,651500 4,000 1,088165 2,887055 0,719848 5,000 1,124096 2,794773 0,768172
10,000 1,208024 2,600605 0,887161 15,000 1,240433 2,532658 0,935402 100,00 1,302002 2,412894 1,030564
Probeer dit maar
eens met MAPLE
Ir J.W. Welleman bladnr 21
0,0
0,2
0,4
0,6
0,8
1,0
1,2
0,00 10,00 20,00 30,00 40,00 50,00
Gecombineerd knikgeval m=2, rho=5
exact
benadering
INVLOED VAN DE LENGTE VAN DE PENDEL OP DE KNIKLAST ( m variabel )
k
F
F
1
m l
l
CONCLUSIE:
Benadering van blad 4 doet het
aardig goed.
1
1
1k
F
mlF
l
=
+
Ir J.W. Welleman bladnr 22
CONCLUSIE
- ONTWERPFORMULE
is CONSERVATIEF (altijd grotere veiligheid dan volgens benadering)
- Volgt “exacte verloop” met afwijking tussen de 5 – 12%
Opmerkingen
1 Exacte oplossing eenvoudig met MAPLE te bepalen
2 In het dictaat in hoofdstuk 8 meer voorbeelden met nog “mooiere benaderingen”, gaat hier niet om de formules maar om de aanpak.
1
1
1k
F
mlF
l
=
+
Ir J.W. Welleman bladnr 23
AARDIGHEIDJE : GEKOPPELD SYSTEEM met pendel op trek
2F
star
star
EI
l1
l
F 3F
star
EI
S
1
1
l
FwS
SlFw
=
=
S
w
w
deel A deel B
a 2a
Ir J.W. Welleman bladnr 24
EVENWICHT VAN DEEL B
z, w
x
l
3F
S
)0(w
3F
S
Sx
Sz
'3'''''
3:0'''''' 22
FwEIwSwSMS
EI
Fmetww
zxz −−=⇔+=
==+ αα
Randvoorwaarden:
0)()40)0()2
0)()3)0()1
==
==
lM
lwSSz
ϕ
EI
Ir J.W. Welleman bladnr 25
OPLOSSEN
Basisgereedschap:
2
4
2
3
2
432
4321
3'3'''
sincos)(''
cossin)('
sincos)(
FCFwEIwS
xCxCxw
xCxCCxw
xCxCxCCxw
z −=−−=
−−=
+−=
+++=
αααα
αααα
αα
Randvoorwaarden:
( )
0cossin)4
0sincos)3
00)2
3)1
432
4321
33
2
31
1
2
=+−
=+++
=⇒=
+=−
lClCC
lClClCC
CCEI
CCl
FFC
αααα
αα
α
helling van de druklijn
Maak gebruik van :
1
)0(.
l
wFS =
Ir J.W. Welleman bladnr 26
UITWERKEN
=
0
0
0
cos10
sin1
03
4
2
11
C
C
C
l
ll
FlF
αα
α
Dit is een homogeen stelsel vergelijkingen. Een niet-triviale oplossing kan alleen worden verkregen als de determinant nul is :
TRANSCENDENTE VERGELIJKING
( )EI
Flll
33tan 2
1 =∧−= ααα
Ir J.W. Welleman bladnr 27
OPLOSSING voor l1=l
( ) ( )lll
l
EI
l
EIF
l
k
k
7,1
3
6
11836601,1
116
2
116
2
22
116
≅=
==
≅≅
π
π
π
α
Korte pendel op trek verhoogt de kniklast !
kniklengte KLEINER dan 2l
1,83660