Primer Parcial Mate superior espe
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Matematica Superior
Tipantuna Cristian, Mauricio Martinez, Marlon RamirezDepartamento de la Energa y Mecanica, Escuela Politecnica del Ejercito
Sangolqu.Ecuador
I. LOS NUMEROS COMPLEJOS
Se define el conjunto de los numero complejos C de la siguiente manera
C = {z/z = (a, b); a, b R}
z = (a, b) a+ bi
Aqui va la imagen del munero complejo
En el conjunto de lso numeros complejos definimos dos operaciones(Suma y Producto de la siguiente manera), C = (a, b) = (c, d) a, b, c, d RSuma+ = (a, b) + (c, d) = (a+ c, b+ d)Producto = (a, b) (c, d) = (ac bd, ad+ bc)El conjunto de los numeros complejos dotados de la suma y el producto forman un avmpo que debe cumplir conlas siguientes propiedades
Suma1.- Clausurativa , C
+ C2.- Conmutativa , C
+ = +
3.- Asociativa , , C
(+ ) + = + (+ )
4.- Existencia del Neutro ( e C) ( C)
+ e = e+ =
5.- Existencia del Inverso ( C) ( 1 C)
+ 1 = 1 + = e
Producto1.- Clausurativa , C
-
C2.- Conmutativa , C
= 3.- Asociativa , , C
( ) = ( )4.- Existencia del Neutro ( e C) ( C)
e = e = 5.- Existencia del Inverso ( C) ( 1 C)
1 = 1 = e6.- Distributiva repecto de la suma , , C
( + ) = + Inverso de la suma Inverso del producto 1
Igualdad de Numeros Complejos
Dos numeros complejos son iguales si y solo si sus partes real e imaginaria son iguales
= (a, b) = (c, d)
= a = c y b = d
Valor Absoluto de un Numero Complejo
C ; = (a, b)|| =
a2 + b2
Conjugada de un Numero Complejo
C ; = (a, b) = (a,b)
PROPIEDADES DE LOS NUMEROS COMPLEJOS , C se tiene que:1. + = + 2. = 3. = 4. ||2 = 5. || = 0 ssi = (0, 0)6. + = 2 parte real de 7. = 2 parte imaginaria de 8. Un numero complejo es real si = 9. Un numero complejo es imaginario puro si =
Ejercicios
-
1. Hallar el valor de z = i123
i4 = 1
i123 = i120i3 = i2. Sea = 1 i hallar 11
2 = 2i
(2)5 = 32i
11 = 32i(1 i)11 = 32 32i
3. Sea = 1 i hallar 14
2 = 2i(2)6 = 64
14 = 64(2i)14 = 128i
4. Si = 1 i hallar a,b tal que:
a+ bi =
+.
||2
+ (1 )
=1 i1 + i
1 i1 i + (1 + 0i)
1 + i
1 i 1 + i
1 + i+ (1 i) 2
=0 2i
2+ (1 + 0i) 0 + 2i
2+ (1 i)
= (0 i) + (1 + 0i) (0 + i) + (1 i)a+ bi = (0 i)a = 0 y b = 1
5. Sea = 1 2i halla a,b tal que:
a+ bi =
||2 + (1 + ) 2
+
a+ bi =1 2i1 + 2i
5 + (1 2i) + 5 21 + 2i
+ (1 + 2i) (1 2i)
=(1 2i)(1 2i)
5+ (1 2i) 2(1 2i)
5+ 2
=(1 4) 4i
5+ 3 2i 2 4i
5
=3 4i
5+ 3 2i 2 4i
5
=3 4i 2 + 4i
5+ 3 2i
= 1 + 3 2i= 2 2i
6. Sea = 1 + i hallar a, b tal que
a+ bi =13
+1
2(1 ) + 2
13 = (1 + i)13
= (
2)13Cis(13pi4 ) = 64 64i
2 = (1 + i)2
= (
2)2Cis(2pi4 ) = 0 + 2i
-
a+ bi =13
+1
||2 2 + ||2 + 2
=64 64i
1 i 1 i1 + i
+1
2 (0 + 2i) + 2(1 + i) + 2(1 + i)
=64(1 + i)(1 + i)
2 (1 i)(1 i)
2+
1
2 (0 + 2i) + (4 + 4i)
=64(0 + 2i)
2 (0 2i)
2+
1
2+ (4 + 2i)
= 32i+ i+ 12
+ 4 + 2i
a+ bi =9
2 29i
Representacion Polar de un numero complejo
a = rCosb = rSenz = rCos + irSenz = r(Cos + iSen)z = rCis
Definicion: x Reix = Cosx+ iSenxz = rei
z1 = r1ei1
z2 = r2ei2
MULTIPLICACION
z1 z2 = r1ei1 r2ei2= r1 r2ei(1+2) Exponencial= r1 r2Cis(1 + 2) Trigonometrica
DIVISION
z1/z2 =r1e
i1
r2ei2
=r1r2ei(12) Exponencial
=r1r2Cis(1 2) Trigonometrica
POTENCIACION
-
Si z = rei zn = rnein
zn = rn(ei)n
= rnein Exponencial
= rnCis(n) Trigonometrica
RADICACION
Dado un numero complejo z se trata de obtenerw wn = z es decir vamos a calcular las races enesimas dr z.zn = rn(ei)n
z = rei
1 = Cos(2kpi) + i2kSen(pi)
1 = ei2kpi
z = ei2kpi rei
w1n = r
1n e
+2kpin
w = r1n [Cis(
+ 2kpi
n)]
k = 1, 2, 3, ...(n 1)EJERCICIOS
1. { = 1 i hallar 11z = 2 i hallar z9
= 1 i|| = 2 = 5pi411 = (
2)
11Cis(11 5pi4 )
11 = 32 32i
z = 2 i|z| = 5 = 333,43o
z9 =
59Cis(9 333,43o)
z9 = 717,06 i1199,552. {
= 1 i hallar 12z = 2 i hallar z 13
= 1 i =
2 = 225o
121 = (
2)
12Cis( 2252 ) = 0,455 + i1,098
122 = (
2)
12Cis( 5852 ) = 0, 455 i1,098
z = 2 i|z| = 5 = 333,43o
z131 = (
5)
13Cis( 333,433 ) = 0,4716 + i1,219
z132 = (
5)
13Cis( 693,433 ) = 0,820 i1,018
z133 = (
5)
13Cis( 1053,433 ) = 1,2920 i0,201
Logaritmo Natural
z = re(i+2kpi)
ln(z) = ln(re(i+2kpi))
-
ln(z) = ln(r) + i( + 2kpi) k ZEl valor de logaritmo se da con k que cumple
+ 2kpi piEjemplo:
Calcular el valor de (i+ i)i
ln(z) = ln(1 + i)i
ln(z) = iln(1 + i)
ln(z) = i[ln
2 + i(pi
4+ 2kpi)]
ln(z) = iln
2 (pi4
+ 2kpi)
eln(z) = eiln
2(pi4 +2kpi)
z = eiln
2e(pi4 +2kpi)
r = e(pi4 +2kpi)
= iln(
2)
Calcular el valor de z deez+1z = 1 + i
(z + 1
z) = ln(1 + i)
z + 1
z= ln(
2) + i(
pi
4+ 2kpi)
z + 1 = z[ln(
2) + i(pi
4+ 2kpi)]
z z[ln(
2)] zi(pi4
+ 2kpi) = 1
z[1 ln(
2) i(pi4
+ 2kpi)] = 1
z =1
1 ln(2) i(pi4 + 2kpi)
z =1 ln(2) + i(pi4 + 2kpi)
(1 ln(2))2 + (pi4 + 2kpi)2
z =1 ln(2)
(1 ln(2))2 + (pi4 + 2kpi)2+ i
(pi4 + 2kpi)
(1 ln(2))2 + (pi4 + 2kpi)
Calcular(2 2i) 11i3
-
w = (2 2i)1
13
ln(w) =1
13ln(2 2i)
=1
13[ln(
8) + i(3pi
4+ 2kpi)]
(1
3)ln(w) = ln(
8) + i(3pi
4+ 2kpi)
eln(w) = e
1
13[ln(
8)+i( 3pi4 +2kpi)]
w =
8
1
13e1
13[i(3pi4 +2kpi)]
r =
8
1
13
=1
13[(3pi
4+ 2kpi)]
Hallar el lugar geometrico si:
z =a+ i
1 + 2a+ i
donde a R y z C
x+ iy =a+ i
1 + 2a+ i(x+ iy)(1 + 2a+ i) = a+ i
x+ 2ax+ ix+ iy + 2aiy y = a+ i(x y) + i(x+ y) = a+ 1 2ax 2aiy
(x y) + i(x+ y 1) = a(1 2x 2iy)(x y) + i(x+ y 1)
(1 2x) i(2y) = a[(x y) + i(x+ y 1)][(1 2x) + i(2y)]
(1 2x)2 + (2y)2 = a
[(x y)(1 2x) (x+ y 1)(2y)] + i[(x y)(2y) + (x+ y 1)(1 2x)](1 2x)2 + (2y)2 = a
[x 2x2 y + 2xy 2xy 2y2 + 2y](1 2x)2 + (2y)2 + i
[2xy 2y2 + x+ y 1 2x2 2xy + 2x](1 2x)2 + (2y)2 = a
2x2 + 2y2 3x y + 1 = 0x2 + y2 3
2x y
2= 1
2
(x 34
)2
+ (y 14
)2
=1
8
Por lo tanto el lugar geometrico pertenece a un crculo con:
centro c = (3
4,
1
4)
y radio r =
2
4
Hallar los valores de z1 y z2 para que r sea real:
r =(z1 + z2)i
z1 z2
-
z1 = x+ iyz2 = a+ bi
r =(x+ iy + a+ ib)i
(x+ iy a ib)=
ix y + ai bx+ iy a ib
=(y b) + i(a+ x)(x a) + i(y b)
(x a) i(y b)(x a) i(y b)
=[(y + b)(x a) + (a+ x)(y b)] + i[(y + b)(y b) + (x a)(x+ a)]
(x a)2 + (y b)2
r =[(xy ay + bx ab) + ay ab+ xy bx] + i[(y2 b2) + x2 a2]
(x a)2 + (y b)2
(y2 b2) + x2 a2 = 0x2 y2 = a2 b2
Hallar los valores de z tales que:
z6 + 9z3 + 8 = 0
y = z3
y2 + 9y + 8 = 0
y = 8y = 1
z1 = 813Cis(0) = 2
z2 = 813Cis(
2pi
3) = 1 + i
3
z3 = 813Cis(
4pi
3) = 1 i
3
z4 = 113Cis(0) = 1
z5 = 113Cis(
2pi
3) = 1
2+ i
3
2
z6 = 113Cis(
4pi
3) = 1
2 i
3
2
Demostrar que si:
z +1
z
es un real entonces la parte imaginaria de z es nula o |z| = 1
= (x+ iy) +1
x+ iy
=(x2 y2) + 2ixy
x+ iy x iyx iy
=[x3 xy2 + 2xy2] + i[x2y + y3 + 2x2y]
x2 + y2
3x2y + y3 = 0
y(3x2 + y2) = 0
Por lo tantoy = 0
-
Describa el lugar Geometrico de:
|z 2i| 1 z C
|x+ iy i2| 1|x+ i(y 2)| 1x2 + (y 2)2 1x2 + (y 2)2 1
Por lo tanto es la parte interna de un crculo:C = (0, 2)
y radior = 1
II. FUNCIONES COMPLEJAS Y LIMITESUn simbolo tal como Z = x + iy que representa un elemento cualquiera de un conjunto numeros complejos se
denomina variable compleja.Si para cada valor de Z existe una o mas varialbles de w diremos entonces que w es funcion de Z y notaremosw = f(Z) dado Z es la variable independiente y w es la variable dependiente.
Funciones unvocas y multvocas.
Si para valor de Z existe un solo valor de w, diremos entonces que w = f(Z) o que f(Z) es una funcion unvocaEjemplo:
f(Z) = Z2
w = Z2
Si para valor de Z existen dos o mas valores de w, diremos entonces que w = f(Z) o que f(Z) es una funcionmultvoca, multivaluada o multiforme.Ejemplo:
f(Z) = Z1/2
w = Z1/2
Funciones complejas.
Funciones polinomicas:P (Z) = a0 + a1Z + a2Z
2 + a3Z3 + ...+ anZ
n
a0, a1, a2, a3, ..., an : constantes complejas.n : Grado del polinomioZ CFuncion racional:
P (Z)
Q(Z)
P (Z);Q(Z) : polinomios; Q(Z) 6= 0Funcion exponencial:Caso generalsi a 0; a R
f(Z) = azln(a)
Caso Particular:a = e
-
f(Z) = eZ = ex+iy = ex[cos(y) + sen(iy)]
Funcion logartmica:
ln(Z) = ln(x) + arctan(y
x)i
Z = x+ iy
Funciones trigonometricas:
sen(Z) =eiZ eiZ
2i
cos(Z) =eiZ + eiZ
2
tan(Z) = ieiZ eiZeiZ + eiZ
ctg(Z) = ieiZ + eiZ
eiZ eiZ
sec(Z) =2
eiZ + eiZ
csc(Z) =2i
eiZ eiZ
Cumple con las identidades trigonometricas:
sen(Z) = sen(Z)
cos(Z) = cos(Z)sen2Z + cos2Z = 1
1 + tan2Z = sec2Z
1 + ctg2Z = csc2Z
sen(Z1 Z2) = sen(Z1)cos(Z2) cos(Z1)sen(Z2)cos(Z1 Z2) = cos(Z1)cos(Z2) sen(Z1)sen(Z2)
tan(Z1 Z2) = tan(Z1) tan(Z2)1 tan(Z1)tan(Z2)
Funciones trigonometricas inversas:
sen1Z =1
i ln(iZ +
1 Z2)
cos1Z =1
i ln(iZ +
Z2 1)
tan1Z =1
2i ln
(1 + iZ
1 Zi)
cot1Z =1
2i ln
(Z + i
Z i)
sec1Z =1
i ln
(1 +
1 Z2Z
)
-
csc1Z =1
i ln
(i+Z2 1Z
)Funciones hiperbolicas:
senh(Z) =eZ eZ
2
cosh(Z) =eZ + eZ
2
tanh(Z) =eZ eZeZ + eZ
ctgh(Z) =eZ + eZ
eZ eZ
sech(Z) =2
eZ + eZ
csch(Z) =2
eZ eZ
Sea f(Z) y g(Z) dos funciones conocidas definimos
f(z)g(Z) = eg(Z)ln(f(Z))
Transformaciones
Sea w = u+ iv; (u, v R) un funcion de Z = x+ iy; (x, y R)w = f(Z)u+ iv = f(x, yi)u = (x, y)v = (x, y)(x, y) C(u, v) Ww = f(Z) = Z2
u+ iv = (x+ yi)2
u+ iv = x2 y2 + 2xyiu = x2 y2v = 2xy
Dadas las siguientes funciones hallar el dominio y determinar su parte real e imaginari en funcion de la partereal e imaginaria de la variable independiente.f(Z) = Z1Z2iDf(Z) = {Z/Z 2i 6= 0;Z 6= 2i}
u+ iv =x+ iy 1x+ iy 2i =
(x 1) + iyx+ (y 2)i
x (y 2)ix (y 2)i
((x 1) + iy) (x (y 2)i)x2 + (y 2)2
u =x2 x+ y2 2yx2 + (y 2)2
v =2x+ y 2x2 + (y 2)2
-
f(Z) =Z2 + 1
Z3 iZ2 Z + i =Z2 + 1
(Z 1)(Z + 1)(Z i) Z + i
(Z + i)
=(Z2 + 1)(Z + i)
(Z2 1)(Z2 + 1) =Z + i
(Z2 1)
=x+ iy + i
(x+ iy)2 1 =x+ (y + 1)i
x2 + 2xyi y2 1 =x+ (y + 1)i
(x2 y2 1) + 2xyi (x2 y2 1) 2xyi(x2 y2 1) 2xyi
=[x(x2 y2 1) + 2xy(y + 1)] + [2x2y + (y + 1)(x2 y2 1)]i
(x2 y2 1)2 + 4x2y2i
u =x(x2 + y2 + 2y 1)
(x2 y2 1)2 + 4x2y2i
v =x2y y3 y + x2 y2 1
(x2 y2 1)2 + 4x2y2if(Z) = Z + 1
Zen coordenadas polares Df(Z) = {Z/Z 6= 0}
f(Z) =ZZ + 1
Z=|Z|2 + 1
Z=r2 + 1
rei=r2 + 1
rei e
i
ei=
(r2 + 1)ei
r
v =(r2 + 1)sen
r
u =(r2 + 1)cos
r
XXXXXXXXXXXXXXXXXXXXXXXXXXX
XXXXXXXXXXXXXXXXXXXX
Aqui va la parte de limites xfa si tienes algun problema llamaras ahoarita compila del puchicas
III. DERIVACION E INTEGRACION COMPLEJA
DERIVACION COMPLEJA
La funcion
f(z) = u(x, y) + iv(x, y)
verifica las condiciones de Couchy-Riemann
u(x, y)
x=v(x, y)
y(1)
u(x, y)
y= v(x, y)
x(2)
Por lo tanto (1) y (2) son condiciones necesarias para verificar si f(z) es derivable
EjemplosVerificar si las siguientes funciones cumplen las condiciones de Couchy-Riemann y encontrar su derivada
-
1) f(z) = ez
Solucion:ez = ex+iy = ex(cos y + i sin y)
f(z) = ex cos y u(x,y)
+ i sin y v(x,y)
verificamos las condiciones de Couchy-Riemann
1)u(x, y)
x=v(x, y)
y
ex cos y = ex cos y
2)u(x, y)
y= v(x, y)
x
ex sin y = ex sin ySe cumplen las condiciones, entonces f(z) es derivable.
f (z) = u(x, y) + iv(x, y)
= ex cos y + iex sin y
= ex(cos y + i sin y)
f (z) = exeiy = ex+iy = ez
2) f(z) = ln(z)
Solucion:ln(z) = ln(
x2 + y2) + i arctan
(yx
)u(x, y) = ln(
x2 + y2) =
1
2ln(x2 + y2)
v(x, y) = arctan(yx
)verificamos las condiciones de Couchy-Riemann
u(x, y)
x=
x
x2 + y2v(x, y)
y=
x
x2 + y2
u(x, y)
y=
y
x2 + y2v(x, y)
x= y
x2 + y2
Las condiciones se cumplen, entonces f(z) es derivable
f (z) = u(x, y) + iv(x, y)
=x
x2 + y2 i y
x2 + y2
=x iyx2 + y2
=z
| z |2
=z
zz
f (z) =1
z
3) f(z) = sin(z)
-
Solucion:sin(z) = sin(x+ iy)
= sin(x) cos(iy) + sin(iy) cos(x)
cos(iy) = ei(iy)+ei(iy)
2 =ey+ey
2 = cosh(y) (1)
sin(iy) = ei(iy)ei(iy)
2i =eyey
2i = i sinh(y) (2)
= sin(x) cosh(y) u(x,y)
+ i sinh(y) cos(x) v(x,y)
verificamos las condiciones de Couchy-Riemann
u(x, y)
x= cos(x) cosh(y)
v(x, y)
y= cosh(y) cos(x)
u(x, y)
y= sin(x) sinh(y)
v(x, y)
x= sinh(y) sin(x)
cumple las condiciones, entonces f(z) es derivable
f (z) = u(x, y) + iv(x, y)
= cos(x) cosh(y) i sin(x) sinh(y)reemplazando(1)y(2) = cos(x) cos(iy) sin(x) sin(iy)
= cos(x+ iy)
f = cos(z)
4) f(z) = | z |2
Solucion:| z |2 = | x+ iy |2(x+ iy)(x iy)
= x2 + y2 + (xy + xy)i= x2 + y2
u(x,y)
+ oiv(x,y)
Verificamos las condiciones de Couchy-Riemann
u(x, y)
x= 2x
v(x, y)
y= 0
u(x, y)
y= 2y
v(x, y)
x= 0
No cumple las condiciones, entonces f(z) no es derivable
5) f(x, y) = x33xy2x2+y2 + i
y33yx2x2+y2
Solucion:
f(x, y) =x3 3xy2x2 + y2 u(x,y)
+ iy3 3yx2x2 + y2 v(x,y)
verificamos si se cumplen las condiciones de Couchy-Riemann
u(x, y)
x=
(3x2 3y2)(x2 + y2) 2x(x3 3xy2)(x2 + y2)2
=(x2 + 3y2)2 12y4
(x2 + y2)2
v(x, y)
y=
(3y2 3x2)(x2 + y2) 2y(y3 3yx2)(x2 + y2)2
=3x4 + 6x2y2 + y4
(x2 + y2)2
u(x, y)
x6= v(x, y)
y
-
No se cumplen las condiciones, entonces f(z) no es derivable
INTEGRACION
Si f(z) = x(t) + iy(t) a t b ba
f(z)dz =
ba
x(t)dt+ i
ba
y(t)dt
Sea c un contorno de parametrizacion y f(z) una funcion contnua en cada punto de dicho contornoC
f(z)dz =
C
f(z(t))z(t)dt
Ejemplos:
1) Sea f(z) = z2 + 1 y C el contorno de 0 a 1 + i
Solucion:
z = t+ it dz = (1 + i)dtf((z)) = (t+ it)2 + 1
= 1 + 2it2
-
Parametrizamos el contorno Cx(t) = ty(t) = t
Definimos los lmites de C en el parametro tPara x = 0 t = 0Para x = 1 t = 1
reemplazamos en la integral de lnea C
f(z)dz =
C
f(z(t)
)f (t)dt 1+i
0
f(z)dz =
10
(1 + 2it2)(1 + i)dt
=
10
(1 + i+ 2it2 2t2)dt
=(t+ it+
2
3it3 2
3t3)1
0
=1
3+ i
5
3
Nota: Se puede hacer directamente 1+i0
(z2 + 1)dz
siempre y cuando la integral sea contnua en ese intervalo
z3
3 + z es contnua en [0; 1 + i], entonces existe la primitiva de z2 + 1
2) DemostrarF (z)G(z)dz = F (z)G(z) F (z)G(z)dz y hallar 2pi
0z2 sin(4z)dz
Solucion:Para la demostracion partiremos de la derivada de un producto de funciones
d(F (z)G(z)
)=(F (z)G(z) + F (z)G(z)
)dz
d(F (z)G(z)
)=
F (z)G(z)dz +
F (z)G(z)dz
F (z)G(z)dz = F (z)G(z)
F (z)G(z)dz demostrado
hallar 2pi
0z2 sin(4z)dz
F (z) = z2 F (z) = 2zdz
G(z) = sin(4z) G(z) = 14
cos(4z)
-
2pi0
z2 sin(4z)dz = z2(1
4cos(4z)
) 2pi0
2z(1
4cos(4z)
)
= z2 14
cos(4z) +1
2
2pi0
z cos(4z)
=(1
4z2 cos(4z) +
1
2
(14z sin(4z) +
1
16cos(4z)
))2pi0
= pi2
3) Demostrar dz
z2 + a2=
1
aarctan
(za
)+ c
Solucion:
tan =z
a
z = a tan
dz = a sec2()d
a sec2
a2 tan2 + a2d =
1
a
sec2
tan2 + 1d
=1
a
sec2
sec2 d
=1
a + c
=1
aarctan
(za
)+ c
4) Demostrar dz
a2=
1
2ailn
(z aiz + ai
)+ c
Solucion:
1
z2 + a2=
1
z2 (ai)2 =1
(z ai)(z + ai)1
(z ai)(z + ai) =A
z ai +B
z + ai
=A(z + ai) +B(z ai)
(z ai)(z + ai)
1 = A(z + ai) +B(z ai)1 = z(A+B) + ai(AB)
-
z : 0 = A+B
z0 : 1 = ai(AB)
A =1
2aiB = 1
2ai
reemplazando en la integral propuestadz
(z ai)(z + ai) =
dz
2ai(z ai)
dz
2ai(z + ai)
=1
2ai
1
z aidz 1
2ai
1
z + aidz
=1
2ailn(z ai) 1
2ailn(z + ai) + c
=1
2ailn
(z aiz + ai
)+ c
5) Hallar el valor numerico de (2;4)(0;3)
(2y + x2)dx+ (3x y)dy
a lo largo de:a) La parabola x = 2t y y = t2 + 3b) Las lneas rectas (0; 3) a (2; 3) y luego, de (2; 3) a (2; 4)c) Una lnea recta desde (0; 3) a (2; 4)
Solucion:a)De la funcion parametrica de la parabola obtenemos los lmites respecto del parametro t
x = 0 t = 0x = 2 t = 1
reemplazamos la parabola y los lmites en la integral propuesta t=1t=0
(2(t2 + 3) + 4t2
)2dt+
(3(2t) (t2 + 3)) 2tdt
2
10
(6t2 + 6)
)dt+ 2
10
(t3 + 6t2 3t) dt2
[2t3 + 6t 1
4t4 + 2t3 3
2t2]1
0
= 16,5
b)De (0; 3) a (2; 3){
y = 3
dy = 0
Luego de (0; 3) a (2; 3){x = 3
dx = 0Reemplazando los valores de cada recta (se trata de dos funciones) en la integral propuesta obtenemos lo
siguiente: 20
(6 + x2)dx +
43
(6 + y)dy
-
44
3+
5
2
=103
6
c) Obtenemos la recta que va desde (0; 3) a (2; 4) un vector paralelo a la recta: < 2; 1 > un punto de la recta es:(0; 3) la ecuacion de la recta es: 12 (x+ 0) =
11 (y + 3)
x = 2y 6 dx = 2dy
los lmites de integracion son:x = 0 y = 3x = 2 y = 4
reemplazamos en la integral propuesta: 43
((2y + (2y 6)2)2dy + (3(2y 6) y)dy)
43
(8y2 39y + 54)dy[8
3y3 39
2+ 54y
]43
= 16,17
6) Hallar el valor de C
zdz
desde z = 0 hasta z = 4 + 2i a lo largo de:a) La curva z = t2 + it b) La lnea z = 0 a z = 2i y desde z = 2i hasta z = 4 + 2iSolucion:
Primero expresamos el numero complejo en sus componentes cartesianas
C
zdz =
C
(x iy)(dx+ idy)
=
C
(xdx+ ydy + ixdy iydx)
=
C
(xdx+ ydy) + i
C
(xdy ydx)
a) De la curva z = t2 + it obtenemos los diferenciales dt y los lmites de integracion
x = t2 dx = 2tdty = t dy = dt
lmites:x = 0 t = 0x = 4 t = 2
Reemplazamos en la integral 20
(t22tdt+ tdt) + i
20
(t2dt t2tdt)
-
20
(2t3 + t)dt i 2
0
t2dt[1
2t4 +
1
3t3]2
0
= 10 i83
b)
De (0; 0) a (0; 2){x = 0
dx = 0
Luego de (0; 2) a (4; 2){y = 2
dy = 0
Reemplazamos en la integral observando los lmites correspondientes a cada diferencial (dx o dy) y=2y=0
ydy +
x=4x=0
xdx+ i
x=4x=0
(2)dx
[1
2y2]2
0
+
[1
2x2]4
0
+ i
[ 2x
]40
= 10 8i
7) Calcular C
(2xy x2)dx+ (x+ y2)dy
donde C es la suma de la region limitada por y = x2 y y2 = x
Solucion:
Determinamos el punto de corte entre parabolasestos seran los lmites de integracion
y = x2
y = (y2)2 = y4
y y4 = 0y(1 y3) = 0{
y = 0 x = 0y = 1 x = 1
El punto de corte es (1; 1)
Determinamos los diferencialesy = x2 dy = 2xdxy2 = x 2ydy = dx
Reemplazamos, en la integral, los datos obtenidos; ya que el contorno C lo forman dos funciones, tedremos dosintegrales con sus respectivos lmites: 1
0
((2x3 x2)dx+ (x+ x4)2xdx
)
y=x2
+
01
((2y3 y4)2ydy + (y2 + y2)dy
)
y2=x 10
(2x3 + x2 + 2x5)dx+
01
(4y4 2y5 + 2y2)dy
-
[1
2x4 +
1
3x3 +
1
3x6]1
0
+
[4
5y5 1
6y6 +
2
3y3]0
1
=1
30
PROPIEDADES DE LAS INTEGRALES DE CONTORNO
1)
C
kf(z)dz = k
C
f(z)dz k = cte
2)
C
(f(z) g(z)
)dz =
C
f(z)dz +
C
g(z)dz
3)
C
f(z)dz = +
C
f(z)dz
4)
C
f(z)dz =
C1
f(z)dz +
C2
f(z)dz donde C es la union de las curvas C1 y C2
Ejemplos
1) Calcular C
(x2 + iy2)dz
donde C es el contorno
Solucion:
Definimos los contornos C1 y C2
C1
y = x
z = x+ ix
dz = (1 + i)dxC2
x = 1
z = 1 + iy
dz = idy
Reemplazamos los datos en la integral propuesta, tendremos una integral por cada curva
-
C
(x2 + iy2)dz =
C1
(x2 + iy2)dz +
C2
(x2 + iy2)dz
=
10
(x2 + ix2)(1 + i)dx+
21
(1 + iy2)idy
= int10(i2x2)dx+
21
(i y2)dy
=
[i2
3x3]1
0
+
[iy 1
3y3]2
1
=7
3+ i
5
3
DOMINIO SIMPLEMENTE CONEXO Y MULTIPLEMENTE CONEXO
Un dominio se denomina simplemente conexo si no presenta orificios; es decir, que puede encojerse y no presentadiscontinuidad. Si no es simplemente conexo, se denomina multiplemente conexo. As, si se presenta un orificio esdoblemente conexo, dos orificios, triplemente conexo, etc.
Simplemente conexo
Doblemente conexo Triplemente conexo
TOREMA DE CAUCHY - GOURSAT
Sea f(z) una fucnion analtica (que sea contnua) en un dominio simplemente conexo C, entonces para un con-torno simple cerrado C en B.
C
f(z)dz = 0
Ejemplos
Calcular el valor de:
-
1) 1
zdz
a lo largo de la elipse (x 2)2 + (y 5)2
4= 1
Solucion:
R(z) =1
zes contnua en todo plano {C {0}} pero el punto z = 0 no pertenece a la elipse
Entonces, 1
zdz = 0
2) (ez + 1)dz
a lo largo de | z 3 |= 2
Solucion:
ez + 1 es contnua para todo el plano {C}; no existe restriccion por lo que:
(ez + 1)dz = 0
3) 1
zdz
donde z es el crculoz = cos t+ i sin t ; 0 t 2pi
Solucion:
z = cos t+ i sin t = eit
dz = ieit 0 t 2piReemplazamos en la integral: 2pi
0
1
eitieitdt = i
2pi0
dt =
[it
]2pi0
= i2pi